Errata do książki Multisim. Technika cyfrowa w przykładach.

Transkrypt

1 r. rrata do książki Multisim. Technika cyfrowa w przykładach.. str.5, źle jest zapisana postać funkcji wyjściowej równoważność (xclusive NOR, XNOR, NOR, XNOR), y 7 = a b + a b = a Ä b = a Å b 2. str. 67 w zapisie funkcji D,, B, A pominięto negację, ponadto funkcje realizowane przez poszczególne wyjścia projektowanego układu możemy zapisać jako: D(G3,G2,G,G) = Σ [2, 3, 4, 5, (,, 3, 8, 9, )] = = P [2, 3, 4, 5, (,, 3, 8, 9, ) ] = P[2, 6, 7, 5, 4 (,, 3, 8, 9, )] C(G3,G2,G,G)=Σ [4, 3, 5, 4, (,, 3, 8, 9, )] = P[4,3,5,4, (,,3,8,9,)] B(G3,G2,G,G)=Σ [7, 5, 2,4, (,, 3, 8, 9, )] = P ([7,5,2,4, (,,3,8,9,)]) A(G3,G2,G,G)=Σ [6, 5, 2, 5, (,, 3, 8, 9, )] = P ([6,5,2,5, (,,3,8,9,)]) 3. str. 68 powinno być g(...) g(x 9, X 8, X 7, X 6, X 5, X 4, X 3, X 2, X, X ) = X + X + X 7 4. str słowo większe należy poprawić na mniejsze, tę poprawkę należy wprowadzić dwukrotnie; prawidłowy tekst powinien brzmieć następująco: (zmianę zaznaczono pogrubioną czcionką) W celu określenia funkcji realizowanej przez poszczególne segmenty wskaźnika w przypadku, gdy ilość zer dla tej funkcji jest mniejsza, uwzględniamy te kombinacje, dla których funkcja wyjściowa przyjmuje wartość, następnie sumujemy bity wejściowe przyjmują-

2 ce wartość i negujemy otrzymaną sumę. Natomiast w przypadku, gdy ilość jedynek dla funkcji wyjściowej jest mniejsza uwzględniamy te kombinacje, dla których funkcja przyjmuje wartość, następnie sumujemy bity wejściowe przyjmujące wartość. 5. str. 7 błędnie określono wejścia adresowe Jest Zakładamy, że na wejścia adresowe A, B multipleksera podajemy odpowiednio bity wejściowe a i b. Powinno być Zakładamy, że na wejścia adresowe A, B multipleksera podajemy odpowiednio bity wejściowe c i d.

3 6. str w tabeli stanów 5.6 brakuje wyraźnego oddzielenia wejść informacyjnych multipleksera Tabela 5.6 a b c d e y wejścia informacyjne multipleksera C ( d, e) = Π(2) C ( d, e) = Π(,2,3) = Π() C2 ( d, e) = Π(,2) C3 ( d, e) = Π(2,3) = d C4 ( d, e) = Π(,2) = e C5 ( d, e) = Π(,3) = Π(,2) = C2 C6 ( d, e) = C7 ( d, e) =

4 7. str. 74 punkty na charakterystyce z rysunku 5.28 zostały nieco przesunięte w prawo, prawidłowo powinny one przyjąć następującą postać Y y, y 2, y X 5 5 x, x 2, x 3, x 4 8. str. 87 w tablicy wzbudzeń przerzutnika S R dla 2 stanów nie wpisano wartości dla Q(t), tablica stanów i wzbudzeń powinna przyjąć następującą postać : Tabela stanów wzbudzeń tablice Karnaugha S(t) R(t) Q(t) Q(t+) J(t) K(t) R(t),Q(t) X J(t) S(t) X X X X X X X R(t),Q(t) X K(t) S(t)? X X? X

5 9. str w tablicach Karnaugha pominięto zaznaczenie niektórych sklejanych grup Uwaga: w opisie tablic Karnaugha pominięto czas t. Tab. 5. Tab. 5.2 QQ D(t) QQ D(t) Q3Q2 Q3Q2 D(t) = Q(t) + Q(t) = Å Q(t) D (t) = Q (t) Q(t) + Q (t) + Q (t) Q(t) = Q (t) [ + Q(t)] + Q (t) Q(t) Tab. 5.3 Tab. 5.4 QQ D2(t) QQ D3(t) Q3Q2 Q3Q2

6 . str. - w tabeli dla stanu A błędnie podano jedną przykładową sekwencję Oznaczenie i kodowanie stanów: Stan Opis Kodowanie Q 2 Q Q Przykładowe sekwencje A Liczba zer 3n+ i jedynek nieparzysta,,, B Liczba zer 3n+ i jedynek parzysta, C Liczba zer 3n+2 i jedynek nieparzysta,,, D Liczba zer 3n+2 i jedynek parzysta,, Liczba zer 3n i jedynek nieparzysta,, F Liczba zer 3n i jedynek parzysta,,. str. 2 nieprawidłowy zapis funkcji Y, brakuje symbolu działania (są przecinki) [ Q t), Q ( t), Q ( t) ] = Q ( t) + Q ( t) Q ( ) Y + 2 ( 2 t 2. str. 2 na rysunku 5.58 błędnie opisano graf pomiędzy stanami D oraz F A/ B/ G/ C/ /, D/ F/ Rys Graf Moore a projektowanego układu 3. str. 42 licznik pracujący według grafu 2 à à...6 à 5 à 2... Układ przedstawiony na rysunku 5.85 działa prawidłowo, czyli zgodnie z założeniami. Po zminimalizowaniu funkcji ~LOAD = ( Q + Q + Q + Q ) ( Q + Q + Q ) otrzymujemy ~LOAD = Q + Q + Q. Można więc zrealizowaną pętlę sprzężenia zwrotnego uprościć. A B D Układ z optymalną pętlą sprzężenia zwrotnego przedstawiono na rysunku poniżej (dwie wersje układowe). A B C D A B D

7 4. str w tekście podano złą nazwę bramki, jest OR 4 wejściowa, powinno być AND 4 wejściowa (przy czym rysunek 5.92 jest prawidłowy) Do wykrycia takiego stanu teoretycznie wystarczyłaby bramka AND 4-wejściowa połączona z sygnałami QC2, QB2, QD i QA, jednak wspomniany błąd niewłaściwego modelowania stanów przejściowych powoduje konieczność dodatkowego dołączenia zanegowanych sygnałów QC i QB.